CODEFORCES 704 div2 题解（e待补）

 

 题目

 

 A

题意：给四个正整数p,a,b,c  。有三位游泳的人分别在0,a ,2a,3a....;0,b,2b,3b....;0,c,2c,3c.... 的时间来到岸边，另外一人将会在P的时间时来到岸边，问p要等多久才能等到至少一我的。

思路：若是p能够整除a，b，c中的某一个则答案为0；不然答案是n -(p%n)的最小值， n为a，b，c。

#include<iostream>
typedef long long ll;
#define rep(a,n) for(a=1;a<=n;++a)
using namespace std;
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    ll p, a, b, c, t;
    cin >> t;
    while (t--) {
        cin >> p >> a >> b >> c;
        if (p % a == 0 || p % b == 0 || p % c == 0)cout << 0 << endl;
        else cout << min(min(a - p % a, b - p % b), c - p % c) << endl;
    }
    return 0;
}

 

 

　　B

 

题意：只可意会，不可传言（实际上是不会，多附一张图

 

 思路：总之咱们要让大的尽量在前面，因为每一个数只会用一次，咱们能够想办法把用过的数标记下来，同时咱们还应该知道每一个数在数组的下标，而后从后开始遍历；

#include<iostream>
typedef long long ll;
#define rep(a,n) for(a=1;a<=n;++a)
const  ll maxn = 1e5 + 5;
using namespace std;
int sz[maxn], ans[maxn];
struct p {
    int index;//储存数在sz数组中的下标
    bool us = false;//判断这个数是否被用过
}po[maxn];
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    ll t, n, i, j, temp;
    cin >> t;
    while (t--) {
        cin >> n;
        rep(i,n)po[i].us = false;
        temp = n;
        int cnt = 0, cou = 0;
        rep(i,n) {
            cin >> sz[i];
            po[sz[i]].index = i;
        }
        for (i = n; i > 0; i--) {
            if (!po[i].us) {
                for (j = po[i].index; j <= temp; ++j) {
                    ans[cou++] = sz[j];
                    po[sz[j]].us = true;
                }
                temp = po[i].index - 1;//更新temp
            }
        }
        cout << ans[0];
        for (i = 1; i < cou; ++i)cout << " " << ans[i];
        cout << endl;
    }
    return 0;
}

 

 

　　

 

　　C

 

题意：两个字符串a,b，其中b是a的子串，求最大的宽度，宽度的定义如题

思路：很容易想到贪心。从前日后遍历一遍，获得可能的状况中b中全部字母都映射在a中的最前面，储存在pre；从后遍历一遍，获得映射在最后面的结果，储存在last中;

随后不断更新，over~

 

#include<iostream>
#include<algorithm>
typedef long long ll;
#define rep(a,n) for(a=1;a<=n;++a)
const  ll maxn = 2e5 + 5;
using namespace std;
char a[maxn], b[maxn];
int pre[maxn], last[maxn];
int main() {
　　 ios::sync_with_stdio(false);
    int n, m, i, j = 1, ans=0;
    cin >> n >> m;
    rep(i, n)cin >> a[i];
    rep(i, m)cin >> b[i];
    for (i = 1; j <= m && i <= n; ++i) if (a[i] == b[j]) pre[j++] = i;
    for (i = n,j=m; j > 0 && i > 0; i--)if (a[i] == b[j])last[j--] = i;
    rep(i, m-1)ans = max(ans, last[i + 1] - pre[i]);
    cout << ans << endl;
    return 0;
}

 D

题意： 构造两个二进制的数，两个数均含有a个0，b个1，它们的差（二进制形式）中含有k个0。PS:全部数中均不可有前导零。

思路：首先特判一下k==0||a==0||b==1的状况，而后考虑通常状况。

对于11xxxxxx0xxx  这样的状况，二者相减等于001111111000  （x为0或者1且相等）；这就是构造的方式，除了k>a+b-2的时候均可以构造；

      10xxxxxx1xxx                                                                                              代码已经呼之欲出了（虽然可是，写的仍是差点心态崩了

 

 

#include<iostream>
#include<algorithm>
typedef long long ll;
const ll mod = 1000000007;
const ll maxn = 2e5 + 5;
const ll inf = 0x3f3f3f3f;
using namespace std;
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    ll t, n, i, j, a, temp, k, res, flag, b, c;
    cin >> a >> b >> k;
    if (k == 0) {
        cout << "YES" << endl;
        for (i = 1; i <= b; ++i)cout << 1;
        for (i = 1; i <= a; ++i)cout << 0;
        cout << endl;
        for (i = 1; i <= b; ++i)cout << 1;
        for (i = 1; i <= a; ++i)cout << 0;
        cout << endl;
    }
    else {
        if (a == 0 || b == 1||k>a+b-2)cout << "NO" << endl;
        else {
            cout << "YES" << endl;
            cout << 11;
            int s0 = a - 1, s1 = b - 2;
            for (i = 3; i < 2 + k; ++i) {
                if (s0) {
                    cout << 0;
                    s0--;
                }
                else if (s1) {
                    cout << 1;
                    s1--;
                }
            }
            cout << 0;
            while (1) {
                if (s0 > 0) {
                    cout << 0;
                    s0--;
                }
                else break;
            }
            while (1) {
                if (s1 > 0) {
                    cout << 1;
                    s1--;
                }
                else break;
            }
            cout << endl;
            s0 = a - 1, s1 = b - 2;
            cout << 10;
            for (i = 3; i < 2 + k; ++i) {
                if (s0>0) {
                    cout << 0;
                    s0--;
                }
                else if (s1 > 0) {
                    cout << 1;
                    s1--;
                }
            }
            cout << 1;
            while (1) {
                if (s0 > 0) {
                    cout << 0;
                    s0--;
                }
                else break;
            }
            while (1) {
                if (s1 > 0) {
                    cout << 1;
                    s1--;
                }
                else break;
            }
            cout << endl;
        }
    }
    return 0;
}

 E 待补；