扩展欧几里得和求逆元

问题描述：

已知a、b互质，求ax+by=1的一组解

扩展欧几里得算法：

假如b=1,因为gcd(a,b)=1,所以a=x=1

假如b≠1，不妨假设a=kb+r,而且咱们已经求出了bx+ry=1的一组解(x0,y0)

bx0+(a-kb)y0=1

ax1+by1=1

bx0+ay0-kby0=b(x0-ky0)+ay0=ax1+by1

x1=y0；y1=x0-ky0

那么(x1,y1)就是ax+by=1的一组解

不断迭代便可

#include<iostream>
using namespace std;

int exgcd(int a,int b,int &x,int &y)
{
     if(b==0)
    {
        x=1;
        y=0;
        return a;
    }
    int gcd=exgcd(b,a%b,x,y);
    int x2=x,y2=y;
    x=y2;
    y=x2-(a/b)*y2;
    return gcd;
}

int main()
{
int x,y,a,b;
cout<<"请输入a和b:"<<endl;
cin>>a>>b;
cout<<"a和b的最大公约数:"<<endl;
cout<<exgcd(a,b,x,y)<<endl;
cout<<"ax+by=gcd(a,b) 的一组解是:"<<endl;
cout<<x<<" "<<y<<endl;
return 0;
}

　　

裴蜀定理：

对于任意天然数a,b,若gcd(a,b)=d,那么对于全部整数x,y，必定存在x,y使得ax+by=d成立

设gcd(a1,a2,a3,...,an)=d,那么存在整数x1,x2,...,xn使得a1x1+a2x2+...+anxn=d

（别问我为何）

对于整数a，咱们须要找出整数b，使得a*b %p=1

即解方程ab-kp=1

1.在模为素数p的状况下，有费马小定理 
a^(p-1)=1（mod p） 
那么a^(p-2)=a^-1(mod p) 
也就是说a的逆元为a^(p-2)

2.而在模不为素数p的状况下，有欧拉定理 
a^phi(m)=1（mod m） (a⊥m) 
同理a^-1=a^(phi(m)-1)

所以逆元x即可以套用快速幂求得了x=a^(phi(m)-1)

3.在有些状况下咱们要求出1到p-1全部数关于p的逆元，能够用递推求逆元

• 设i关于p的逆元为inv[i] 则有inv[i]=(M-M/i)*inv[M%i]%M
• 设t=M/i,k=M%i，那么 t*i+k≡0（Mod M)-t*i≡k(Mod M)
• 对上式两边同时除 i×k，进一步获得 -t*inv[k]≡inv[i](Mod M)
• 再把和替换掉，最终获得 inv[i]=(M-M/i)*inv[M%i]%M

 #include<iostream>  
    #include<cstdio>  
    #include<cstdlib>  
    #include<cmath>  
    #include<algorithm>  
    #include<cstring>  
    using namespace std;  
    int A[100001];  
    int p;  
    int main()  
    {  
        cin>>p;  
        A[1]=1;  
        for(int i=2;i<=10;i++)  
            {  
                A[i]=(p-(p/i))*A[p%i]%p;  
                printf("%d %d %d\n",i,A[i],(i*A[i])%p);  
            }  
    }