[Leetcode] Median of Two Sorted Arrays 有序数组中位数

Median of Two Sorted Arrays

最新解法及思路：https://yanjia.li/zh/2018/11/...

There are two sorted arrays nums1 and nums2 of size m and n respectively. Find the median of the two sorted arrays. The overall run time complexity should be O(log (m+n)).

有两个有序数组nums1和nums2，他们的大小各是m和n，请找出这两个数组全部数的中位数，总得时间复杂度不超过O(log(m+n))

归并计数法 Merge and Count

复杂度

时间O(n) 空间O(1)

思路

若是对时间复杂度没有要求，这个方法是实现起来最简单的，咱们只须要从下往上依次数(n+m)/2个元素便可。因为两个数组都已经排序，咱们可使用两个指针指向数组“底部”，经过比较两个数组“底部”的元素大小来决定计哪个元素，同时将其所在数组的指针“向上”移一位。为了方便处理总元素为偶数的状况，这里将找中位数变成找第k小的元素。

注意

• 计数的循环是用来找到第k-1个元素的，最后return的时候再判断第k个元素是哪个
• 在每次计数的循环中要先判断两个数组指针是否超界，在最后return以前也要判断一次

代码

public class Solution {
    public double findMedianSortedArrays(int[] nums1, int[] nums2) {
        int len1 = nums1.length;
        int len2 = nums2.length;
        int total = len1 + len2;
        if(total % 2==0){
            return (findKth(nums1,nums2,total/2)+findKth(nums1,nums2,total/2+1))/2.0;
        } else {
            return findKth(nums1,nums2,total/2+1);
        }
    }
    private int findKth(int[] nums1, int[] nums2, int k){
        int p = 0, q = 0;
        for(int i = 0; i < k - 1; i++){
            if(p>=nums1.length && q<nums2.length){
                q++;
            } else if(q>=nums2.length && p<nums1.length){
                p++;
            } else if(nums1[p]>nums2[q]){
                q++;
            } else {
                p++;
            }
        }
        if(p>=nums1.length) {
            return nums2[q];
        } else if(q>=nums2.length) {
            return nums1[p];
        } else {
            return Math.min(nums1[p],nums2[q]);
        }
    }
}

分治法 Divide and Conquer

复杂度

时间O(log(m+n)) 空间O(1)

思路

题目要求O(log(m+n))的时间复杂度，通常来讲都是分治法或者二分搜索。首先咱们先分析下题目，假设两个有序序列共有n个元素（根据中位数的定义咱们要分两种状况考虑），当n为奇数时，搜寻第(n/2+1)个元素，当n为偶数时，搜寻第(n/2+1)和第(n/2)个元素，而后取他们的均值。进一步的，咱们能够把这题抽象为“搜索两个有序序列的第k个元素”。若是咱们解决了这个k元素问题，那中位数不过是k的取值不一样罢了。

那如何搜索两个有序序列中第k个元素呢，这里又有个技巧。假设序列都是从小到大排列，对于第一个序列中前p个元素和第二个序列中前q个元素，咱们想要的最终结果是：p+q等于k-1,且一序列第p个元素和二序列第q个元素都小于总序列第k个元素。由于总序列中，必然有k-1个元素小于等于第k个元素。这样第p+1个元素或者第q+1个元素就是咱们要找的第k个元素。

因此，咱们能够经过二分法将问题规模缩小，假设p=k/2-1，则q=k-p-1，且p+q=k-1。若是第一个序列第p个元素小于第二个序列第q个元素，咱们不肯定二序列第q个元素是大了仍是小了，但一序列的前p个元素确定都小于目标，因此咱们将第一个序列前p个元素所有抛弃，造成一个较短的新序列。而后，用新序列替代原先的第一个序列，再找其中的第k-p个元素（由于咱们已经排除了p个元素，k须要更新为k-p），依次递归。同理，若是第一个序列第p个元素大于第二个序列第q个元素，咱们则抛弃第二个序列的前q个元素。递归的终止条件有以下几种：

• 较短序列全部元素都被抛弃，则返回较长序列的第k个元素（在数组中下标是k-1）
• 一序列第p个元素等于二序列第q个元素，此时总序列第p+q=k-1个元素的后一个元素，也就是总序列的第k个元素

注意

• 每次递归不只要更新数组起始位置（起始位置以前的元素被抛弃），也要更新k的大小（扣除被抛弃的元素）

代码

public class Solution {
    public double findMedianSortedArrays(int[] nums1, int[] nums2) {
        int m = nums1.length, n = nums2.length;
        int k = (m + n) / 2;
        if((m+n)%2==0){
            return (findKth(nums1,nums2,0,0,m,n,k)+findKth(nums1,nums2,0,0,m,n,k+1))/2;
        }   else {
            return findKth(nums1,nums2,0,0,m,n,k+1);
        }
        
    }
    
    private double findKth(int[] arr1, int[] arr2, int start1, int start2, int len1, int len2, int k){
        // 保证arr1是较短的数组
        if(len1>len2){
            return findKth(arr2,arr1,start2,start1,len2,len1,k);
        }
        if(len1==0){
            return arr2[start2 + k - 1];
        }
        if(k==1){
            return Math.min(arr1[start1],arr2[start2]);
        }
        int p1 = Math.min(k/2,len1) ;
        int p2 = k - p1;
        if(arr1[start1 + p1-1]<arr2[start2 + p2-1]){
            return findKth(arr1,arr2,start1 + p1,start2,len1-p1,len2,k-p1);
        } else if(arr1[start1 + p1-1]>arr2[start2 + p2-1]){
            return findKth(arr1,arr2,start1,start2 + p2,len1,len2-p2,k-p2);
        } else {
            return arr1[start1 + p1-1];
        }
    }
}