CodeForces 1367F2 Flying Sort (Hard Version)

题意

给一个长度为\(n\)的数组，你能够有两种操做

• 将某一个数放置在数组开头
• 将某一个数放置在数组结尾

问最小操做多少次能够获得一个非递减数列

（比\(F1\)难在\(n\)变大，且数组中元素能够有相同的）

分析

由于数组中的数很大，咱们能够将其离散化而后操做，则\(a[i]\)为连续的整数，设\(tot\)种不一样的数，则\(1\leq a[i] \leq tot\)

每一个数最多操做一次，不然第一次能够不操做，那么咱们就要找最多的不须要操做的数，若是不须要操做，则元素的位置不变，若是有这么一组不须要操做的数，咱们能够发现，中间的数字是不能插进去的，因此这组数是在排序后仍相邻的数，则要找到最长的子序列，这个子序列在排序后仍然相邻，考虑如下几种状况

• 这组数相同，则没有限制
• 这组数中含有两种数，则要形如\(i,i,i,i+1,i+1\)这种形式，即排序后仍相邻
• 这组数含有三种以上的数，即形如\(i,i,i+1,i+2,i+2,i+3\)这种形式，那么中间的数（\(i+1\)，\(i+2\)）必定是被取完了，不然其余的\(i+1\)或者\(i+2\)要插进去只能从新排序，与中间数字不能插进去不符，即这几个数并非相邻，例如\(i,i+1,i+2,i+1\)这种序列，\(i,i+1,i+2\)并不知足条件，由于\(i+1\)并没取完

设\(dp[i][0]\)为只取相同的数且以\(a[i]\)为结尾所获得的最长子序列，\(dp[i][1]\)为\(a[i]\)还没取完且所获得的以\(a[i]\)为结尾最长子序列，\(dp[i][2]\)为\(a[i]\)取完且以\(a[i]\)为结尾所获得的最长子序列，咱们用\(pos[i]\)表示数字\(i\)上次出现的位置，由于离散化了，因此数组能够知足，状态转移方程为（​\(r[a[i]]\)表示\(a[i]\)最后出现的位置，\(l[a[i]]\)表示\(a[i]\)最先出现的位置，\(num[a[i]]\)表示\(a[i]\)的个数，\(pos[a[i]]\)表示上一个\(a[i]\)出现的位置）：

dp[i][0] = dp[pos[a[i]]][0] + 1;
dp[i][1] = max(dp[pos[a[i]]][1] + 1, max(dp[pos[a[i] - 1]][0] + 1, dp[pos[a[i] - 1]][2] + 1));
if (i == r[a[i]])
    dp[i][2] = dp[l[a[i]]][1] + num[a[i]] - 1;

• \(dp[i][0]\)，方程表示上一个位置的\(a[i]\)接着取
• \(dp[i][1]\)，方程表示上一个\(a[i]\)接着取，或者上一个\(a[i]-1\)接着取，或者\(a[i]-1\)已经所有取完后接着取
• \(dp[i][2]\)，方程表示从最先出现的\(a[i]\)开始，后面都只取\(a[i]\)

#pragma GCC optimize(3, "Ofast", "inline")

#include <bits/stdc++.h>

#define start ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define ll long long
#define int ll
#define ls st<<1
#define rs st<<1|1
#define pii pair<int,int>
#define rep(z, x, y) for(int z=x;z<=y;++z)
#define com bool operator<(const node &b)
using namespace std;
mt19937 rnd(chrono::high_resolution_clock::now().time_since_epoch().count());
const int maxn = (ll) 2e5 + 5;
const int mod = 998244353;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
int T = 1;
int a[maxn], b[maxn];
int dp[maxn][3];
int l[maxn], r[maxn];
int pos[maxn], num[maxn];

void solve() {
    int n;
    cin >> n;
    rep(i, 1, n)cin >> a[i], b[i] = a[i], dp[i][0] = dp[i][1] = dp[i][2] = 0, l[i] = r[i] = 0, num[i] = 0;
    sort(b + 1, b + n + 1);
    int tot = unique(b + 1, b + n + 1) - (b + 1);
    rep(i, 1, n) {
        a[i] = lower_bound(b + 1, b + tot + 1, a[i]) - b;
        r[a[i]] = i;
        if (!l[a[i]])
            l[a[i]] = i, pos[a[i]] = i;
        ++num[a[i]];
    }
    int maxx = 1;
    rep(i, 1, n) {
        dp[i][0] = dp[pos[a[i]]][0] + 1;
        dp[i][1] = max(dp[pos[a[i]]][1] + 1, max(dp[pos[a[i] - 1]][0] + 1, dp[pos[a[i] - 1]][2] + 1));
        if (i == r[a[i]])
            dp[i][2] = dp[l[a[i]]][1] + num[a[i]] - 1;
        pos[a[i]] = i;
        rep(j, 0, 2)maxx = max(maxx, dp[i][j]);
    }
    cout << n - maxx << '\n';
}

signed main() {
    start;
    cin >> T;
    while (T--)
        solve();
    return 0;
}