【NOI】2017 蚯蚓排队（BZOJ 4943，LOJ 2303） 模拟+hash

【题目】#2303. 「NOI2017」蚯蚓排队 【题意】给定n条长度不超过6的蚯蚓，初始各自在一个队伍。m次操做：1.将i号蚯蚓和j号蚯蚓的队伍合并（保证i为队尾，j为队首）。2.将i号蚯蚓和它后面的蚯蚓分离成两个队。3.询问：给定字符串S和正整数k，求f(每一个长度为k的子串)的乘积。其中f(S)定义为蚯蚓在其队伍向后延伸k位组成的字符串等于S的蚯蚓个数。$n \leq 210^5,m \leq 510^5,k \leq 50,\sum |s| \leq 10^7,c \leq 10^3$，其中c为操做2的数量。 【算法】模拟+hash 【参考】LZZの知乎回答 暴力一点考虑，每一个队伍维护一条链，合并和分裂时维护$c_{x,i}$表示第x号蚯蚓向后延伸i位的字符串hash值并更新长度为i的答案，查询的时候直接枚举子串访问长度为i的答案中hash值相同的。 容易知道这样最坏复杂度是$O(mk^2+\sum |s|)$，理论上依然没法经过。

继续分析。 考虑分离操做至多c次，复杂度为$O(ck^2)$。 考虑合并操做，由于每次合并其实显然是不须要枚举满的，是否有可能省去一个k的复杂度？合并的终串中每一个子串只会被统计一次（分离只有1000次，不影响复杂度），而总共有nk个子串，因此复杂度为$O(nk)$。

总复杂度$O(ck^2+nk+\sum |s|)$。 注意：我用的hash方式是一个小哈希存邻接表，一个大哈希当成真实值来检验。

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define ll long long
bool isdigit(char c){return c>='0'&&c<='9';}
int read(){
	int s=0,t=1;char c;
	while(!isdigit(c=getchar()))if(c=='-')t=-1;
	do{s=s*10+c-'0';}while(isdigit(c=getchar()));
	return s*t;
}
using namespace std;
const int maxn=200010,MOD=998244353,cmod=3000007,dmod=1000000007,basec=233,based=123,maxk=60,maxL=10000010;
int first[cmod+5],tot,n,m,a[maxL],b[maxL],E[maxk],f[maxk],A[maxn],c[maxn][maxk],d[maxn][maxk],nxt[maxn],pre[maxn];
char s[maxL];
struct edge{int k,v,x,from;}e[maxn*maxk];
void insert(int k,int u,int v,int x){
	for(int i=first[u];i;i=e[i].from)if(e[i].k==k&&e[i].v==v){
		e[i].x+=x;
		return;
	}
	e[++tot]=(edge){k,v,x,first[u]};first[u]=tot;
}
int cM(int x){return x>=cmod?x-cmod:x;}
int dM(int x){return x>=dmod?x-dmod:x;}
int main(){
	n=read();m=read();
	E[0]=1;for(int i=1;i<=50;i++)E[i]=1ll*E[i-1]*basec%cmod;
	f[0]=1;for(int i=1;i<=50;i++)f[i]=1ll*f[i-1]*based%dmod;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		A[i]=read();
		c[i][1]=d[i][1]=A[i];
		insert(1,A[i],A[i],1);//
	}
	while(m--){
		int kind=read();
		if(kind==1){
			int x=read(),y=read();
			nxt[x]=y;pre[y]=x;
			for(int i=1;i<50&&x;i++){
				int z=y;
				for(int j=1;i+j<=50&&z;j++){
					c[x][i+j]=(1ll*c[x][i+j-1]*basec+A[z])%cmod;
					d[x][i+j]=(1ll*d[x][i+j-1]*based+A[z])%dmod;
					insert(i+j,c[x][i+j],d[x][i+j],1);
					z=nxt[z];
				}
				x=pre[x];
			}
		}
		else if(kind==2){
			int x=read(),y=nxt[x];
			nxt[x]=pre[y]=0;
			for(int i=1;i<50&&x;i++){
				int z=y;
				for(int j=1;i+j<=50&&z;j++){
					insert(i+j,c[x][i+j],d[x][i+j],-1);
					z=nxt[z];
				}
				x=pre[x];
			}
		}
		else{
			scanf("%s",s+1);int len=strlen(s+1),k=read();
			for(int i=1;i<=len;i++)a[i]=(1ll*a[i-1]*basec+s[i]-'0')%cmod;
			for(int i=1;i<=len;i++)b[i]=(1ll*b[i-1]*based+s[i]-'0')%dmod;
			int ans=1;
			for(int i=1;i<=len-k+1;i++){
				int x=cM(a[i+k-1]-1ll*a[i-1]*E[k]%cmod+cmod);
				int y=dM(b[i+k-1]-1ll*b[i-1]*f[k]%dmod+dmod);
				int num=0;
				for(int j=first[x];j;j=e[j].from)if(e[j].v==y&&e[j].k==k){num=e[j].x;break;}
				ans=1ll*ans*num%MOD;
			}
			printf("%d\n",ans);
		}
	}
	return 0;
}