【BZOJ5315】[JSOI2018]防护网络（动态规划，仙人掌）

【BZOJ5315】[JSOI2018]防护网络（动态规划，仙人掌）

题面

BZOJ 洛谷

题解

显然图是仙人掌。 题目给了斯坦纳树就确定不是斯坦纳树了，，，， 总不可能真让你$2^n$枚举点集再来一个至少$2^n*n$的斯坦纳树吧。。。 如今对于每一条边考虑贡献。 若是这条边是不在环内，那么这条边被选当且仅当其子树内外都有点备选，这个随便算算就知道贡献了。 而后就是环上的边，只考虑这个环，若是一个点的子树内选择了点的话就把环上这个点给标记出来，那么最后选择的东西就必定是整个环的长度减去相邻两个被选中的点的最大距离。 那么这样子就能够把每一个环单独拎出来考虑这个环上的全部边的答案。 枚举每个最大的可删去的长度，设$f_x$表示任意一对选择的点的最大长度不超过$x$的方案数。 那么对于$x$而言，方案数就是$f_x-f_{x-1}$。 由于是一个环，断环成链后枚举链上最靠左的被选择的点，这样子能够忽略断开后首尾直接的关系。 剩下的部分直接$dp$，设$g_i$表示当前选择了第$i$个点，而且第$i$个点强制被选择的方案数，转移的时候强迫相邻点的距离不超过枚举的长度$x$，这个东西能够用前缀和优化。 那么枚举长度、枚举左端点再$dp$，因此这部分的复杂度是$O(n^3)$的。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<vector>
using namespace std;
#define MAX 205
#define MOD 1000000007
inline int read()
{
	int x=0;bool t=false;char ch=getchar();
	while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-')ch=getchar();
	if(ch=='-')t=true,ch=getchar();
	while(ch<='9'&&ch>='0')x=x*10+ch-48,ch=getchar();
	return t?-x:x;
}
int fpow(int a,int b){int s=1;while(b){if(b&1)s=1ll*s*a%MOD;a=1ll*a*a%MOD;b>>=1;}return s;}
struct Line{int v,next;}e[MAX<<2];
int h[MAX],cnt=2;bool vis[MAX<<2];
inline void Add(int u,int v){e[cnt]=(Line){v,h[u]};h[u]=cnt++;}
int n,m,size[MAX],ans,bin[MAX],fr[MAX],fa[MAX];
vector<int> dn,up;
int S[MAX],top,sz[MAX],dep[MAX];
void Get(int u,int R)
{
	S[top=1]=u;
	for(int j=u;j!=R;j=fa[j])
		vis[fr[j]>>1]=true,S[++top]=fa[j];
}
void dfs(int u,int ff)
{
	size[u]=1;fa[u]=ff;dep[u]=dep[ff]+1;int R=0;
	for(int i=h[u];i;i=e[i].next)
	{
		int v=e[i].v;if(v==ff)continue;
		if(size[v]){if(dep[v]<dep[u])Get(u,R=v);
			vis[i>>1]=true;continue;}
		fr[v]=i;dfs(v,u);size[u]+=size[v];
	}
	for(int i=h[u];i;i=e[i].next)
	{
		int v=e[i].v;if(v==ff)continue;
		if(vis[i>>1])continue;
		ans=(ans+1ll*(bin[size[v]]-1)*(bin[n-size[v]]-1))%MOD;
	}
	if(R)dn.push_back(u),up.push_back(R);
}
int g[MAX],f[MAX],ss[MAX];
void Solve(int u,int R)
{
	Get(u,R);
	for(int i=1;i<=top;++i)sz[i]=size[S[i]];
	for(int i=top;i>1;--i)sz[i]-=sz[i-1];
	sz[top]+=n-size[S[top]];
	for(int i=1;i<=top;++i)f[i]=0;
	for(int l=1;l<=top;++l)
	{
		for(int i=1;i<=l;++i)
		{
			for(int j=1;j<=top;++j)ss[j]=g[j]=0;
			g[i]=ss[i]=bin[sz[i]]-1;
			for(int j=i+1;j<=top;++j)
			{
				int L=max(1,j-l),R=j-1,d=bin[sz[j]]-1;
				g[j]=1ll*d*(ss[R]-ss[L-1]+MOD)%MOD;
				ss[j]=(ss[j-1]+g[j])%MOD;
			}
			int L=max(top-l+i,i+1);
			f[l]=(1ll*f[l]+ss[top]-ss[L-1]+MOD)%MOD;
		}
	}
	for(int i=1;i<=top;++i)
		ans=(ans+1ll*(top-i)*(f[i]+MOD-f[i-1]))%MOD;
	return;
}
int main()
{
	n=read();m=read();
	bin[0]=1;for(int i=1;i<=n;++i)bin[i]=(bin[i-1]<<1)%MOD;
	for(int i=1;i<=m;++i)
	{
		int u=read(),v=read();
		Add(u,v);Add(v,u);
	}
	dfs(1,0);
	for(int i=0;i<dn.size();++i)Solve(dn[i],up[i]);
	ans=1ll*ans*fpow(bin[n],MOD-2)%MOD;
	printf("%d\n",ans);
	return 0;
}