[ZJOI2016]小星星

嘟嘟嘟


这题刚开始把\(17!\)想成了\(2 ^ {17}\)，觉得全排暴力枚举就行，而后写一半发现好像只能过\(n \leqslant 10\)的点。
讨论正解以前，咱们先想状压dp，毕竟这个数据范围就像状压。\(dp[i][j][S]\)表示点\(i\)所在子树中，\(i\)对应\(j\)，子树的对应状况为\(S\)时的方案数。转移的时候枚举子树\(v\)和对应编号\(k\)，而后由于编号不能重，咱们枚举\(S\)的补集的子集，而后暴力合并两个集合。
用子集dp的话，复杂度能达到\(O(n ^ 3 3 ^ {n})\)，仍然会超时。


而后题解就说，若是不考虑编号不能重的限制，咱们就能够省去第三维了。
如今加上了限制，就能够用容斥。
考虑若是有一些点的编号被用了好多遍，那必定说明有一些点没被用到。那咱们干脆直接删掉这些点而后再dp。因而\(O(2 ^ n)\)枚举哪些点被删掉，而后根据个数奇偶性容斥一下便可。
至关于咱们要求的是图中刚好有\(n\)个点都被映射的方案数=至少有\(n\)个点被映射的方案数-至少有\(n - 1\)个点被映射的方案数+至少有\(n - 2\)个点被映射-至少有\(n - 3\)个点……
总的来讲，咱们容斥的是图上被删去的点，即哪些点没有被映射，而不是树上哪些点不参与dp。（这里我纠结了很久）

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<cctype>
#include<vector>
#include<stack>
#include<queue>
#include<assert.h>
using namespace std;
#define enter puts("") 
#define space putchar(' ')
#define Mem(a, x) memset(a, x, sizeof(a))
#define In inline
typedef long long ll;
typedef double db;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const db eps = 1e-8;
const int maxn = 20;
In ll read()
{
  ll ans = 0;
  char ch = getchar(), last = ' ';
  while(!isdigit(ch)) last = ch, ch = getchar();
  while(isdigit(ch)) ans = (ans << 1) + (ans << 3) + ch - '0', ch = getchar();
  if(last == '-') ans = -ans;
  return ans;
}
In void write(ll x)
{
  if(x < 0) x = -x, putchar('-');
  if(x >= 10) write(x / 10);
  putchar(x % 10 + '0');
}
In void MYFILE()
{
#ifndef mrclr
  freopen("star3.in", "r", stdin);
  freopen("ha.out", "w", stdout);
#endif
}

int n, m, G[maxn][maxn];
struct Edge
{
  int nxt, to;
}e[maxn << 1];
int head[maxn], ecnt = -1;
In void addEdge(int x, int y)
{
  e[++ecnt] = (Edge){head[x], y};
  head[x] = ecnt;
}

int pos[maxn];
In bool dfs0(int now, int _f)
{
  for(int i = head[now], v; ~i; i = e[i].nxt)
    {
      if((v = e[i].to) == _f) continue;
      if(!G[pos[now]][pos[v]]) return 0;
      if(!dfs0(v, now)) return 0;
    }
  return 1;
}

In void work0()
{
  for(int i = 1; i <= n; ++i) pos[i] = i;
  int ans = 0;
  do
    {
      ans += dfs0(1, 0);
    }while(next_permutation(pos + 1, pos + n + 1));
  write(ans), enter;
}

bool vis[maxn];
ll dp[maxn][maxn], ans;
In void dfs(int now, int _f)
{
  for(int i = 1; i <= n; ++i) dp[now][i] = 1;
  for(int i = head[now], v; ~i; i = e[i].nxt)
    {
      if((v = e[i].to) == _f) continue;
      dfs(v, now);
      for(int j = 1; j <= n; ++j)
	{
	  ll sum = 0;
	  for(int k = 1; k <= n; ++k)
	    sum += dp[v][k] * (G[j][k] & vis[j] & vis[k]);
	  dp[now][j] *= sum;
	}
    }
}

int main()
{
  //MYFILE();
  Mem(head, -1);
  n = read(), m = read();
  for(int i = 1; i <= m; ++i)
    {
      int x = read(), y = read();
      G[x][y] = G[y][x] = 1;
    }
  for(int i = 1; i < n; ++i)
    {
      int x = read(), y = read();
      addEdge(x, y), addEdge(y, x);
    }
  if(n <= 10) {work0(); return 0;}  //开局写了个n!暴力……
  for(int S = 1; S < (1 << n); ++S)
    {
      int tot = n;
      for(int i = 1; i <= n; ++i)
	if((S >> (i - 1)) & 1) vis[i] = 1, --tot;
	else vis[i] = 0;
      dfs(1, 0);
      ll tp = 0;
      for(int i = 1; i <= n; ++i) tp += dp[1][i];
      if(tot & 1) ans -= tp;
      else ans += tp;
    }
  write(ans), enter;
  return 0;
}