LOJ#515. 「LibreOJ β Round #2」贪心只能过样例(bitset)

内存限制：256 MiB时间限制：1000 ms标准输入输出

题目类型：传统评测方式：文本比较

上传者： nzhtl1477

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题目描述

一共有 nnn个数，第 iii 个数 xix_ix​i​​ 能够取 [ai,bi][a_i , b_i][a​i​​,b​i​​] 中任意值。
设 S=∑xi2S = \sum{{x_i}^2}S=∑x​i​​​2​​，求 SSS 种类数。

输入格式

第一行一个数 nnn。
而后 nnn 行，每行两个数表示 ai,bia_i,b_ia​i​​,b​i​​。

输出格式

输出一行一个数表示答案。

样例

样例输入

5
1 2
2 3
3 4
4 5
5 6

样例输出

26

数据范围与提示

1≤n,ai,bi≤1001 \le n , a_i , b_i \le 1001≤n,a​i​​,b​i​​≤100

 

臭名昭著的巧合

考场上只想到了暴力，彻底没想到bitset优化qwq。

考虑到$\sum_1^{100*100} * 100 = 1e6$

而后开个bitset每次暴力合并就好了

#include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<bitset>
#define rg register
using namespace std; const int MAXN = 1e6 + 10001, mod = 19650827; inline int read() { char c = getchar();int x = 0,f = 1; while(c < '0' || c > '9'){if(c == '-')f = -1;c = getchar();} while(c >= '0' && c <= '9'){x = x * 10 + c - '0',c = getchar();} return x * f; } int N; bitset<MAXN> pre, nxt; int main() { N = read();N--; int l = read(), r = read(); for(rg int i = l; i <= r; i++) pre[i * i] = 1; for(rg int i = 1; i <= N; i++) { int l = read(), r = read(); nxt.reset(); for(rg int k = l; k <= r; k++) nxt |= pre << (k * k); pre = nxt; } printf("%d", nxt.count()); return 0; }